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documents/Numerik/Klausur2/Aufgabe4.tex

@@ -3,24 +3,24 @@
 \begin{enumerate}
     \item Ordnung 3 kann durch geschickte Gewichtswahl erzwungen werden.
     \item Ordnung 4 ist automatisch gegeben, da die QF symmetrisch sein soll.
-    \item Aufgrund der Symmetrie gilt Äquivalenz zwischen Ordnung 5 und 6. 
-          Denn eine hätte die QF Ordnung 5, so wäre wegen der 
-          Symmetrie Ordnung 6 direkt gegeben. Ordnung 6 wäre aber 
-          bei der Quadraturformel mit 3 Knoten das Maximum, was nur 
-          mit der Gauß-QF erreicht werden kann. Da aber $c_1 = 0$ gilt, 
-          kann es sich hier nicht um die Gauß-QF handeln. Wegen 
+    \item Aufgrund der Symmetrie gilt Äquivalenz zwischen Ordnung 5 und 6.
+          Denn eine hätte die QF Ordnung 5, so wäre wegen der
+          Symmetrie Ordnung 6 direkt gegeben. Ordnung 6 wäre aber
+          bei der Quadraturformel mit 3 Knoten das Maximum, was nur
+          mit der Gauß-QF erreicht werden kann. Da aber $c_1 = 0$ gilt,
+          kann es sich hier nicht um die Gauß-QF handeln. Wegen
           erwähnter Äquivalenz kann die QF auch nicht Ordnung 5 haben.
 \end{enumerate}
 
-Da $c_1 = 0$ gilt, muss $c_3 = 0$ sein. Und dann muss $c_2 = \frac{1}{2}$
-sein. Es müssen nun die Gewichte bestimmt werden um Ordnung 3 zu 
+Da $c_1 = 0$ gilt, muss $c_3 = 1$ sein (Symmetrie). Und dann muss $c_2 = \frac{1}{2}$
+sein. Es müssen nun die Gewichte bestimmt werden um Ordnung 3 zu
 garantieren mit:
 
 \begin{align}
     b_i &= \int_0^1 L_i(x) \mathrm{d}x\\
     b_1 &= \frac{1}{6},\\
     b_2 &= \frac{4}{6},\\
-    b_4 &= \frac{1}{6}
+    b_3 &= \frac{1}{6}
 \end{align}
 
 \subsection*{Teilaufgabe b)}
@@ -36,16 +36,16 @@ ist. Wenn diese nun auf $N$ Intervalle aufgepflittet wird gilt folgendes:
 \end{align}
 
 $\sum_{i=1}^{N-1} f(i \cdot \frac{1}{N})$  sind die Grenzknoten der Intervalle
- (deshalb werden sie doppelt gezählt). Von den Grenzknoten gibt es 
-insgesamt $s-2$ Stück, da die tatsächlichen Integralgrenzen $a$ und $b$ 
+ (deshalb werden sie doppelt gezählt). Von den Grenzknoten gibt es
+insgesamt $s-2$ Stück, da die tatsächlichen Integralgrenzen $a$ und $b$
 nur einmal in die Berechnung mit einfließen.
 
-$\sum_{i=1}^N f(i \cdot \frac{1}{2N})$ sind die jeweiligen 
+$\sum_{i=1}^N f(i \cdot \frac{1}{2N})$ sind die jeweiligen
 mittleren Knoten der Intervalle. Davon gibt es $s-1$ Stück.
 
 \begin{figure}[h]
     \centering
-    \includegraphics*[width=\linewidth, keepaspectratio]{aufgabe4-b.png} 
+    \includegraphics*[width=\linewidth, keepaspectratio]{aufgabe4-b.png}
 \end{figure}
 
 \subsection*{Teilaufgabe c)}

documents/Numerik/Readme.md

@@ -11,7 +11,7 @@ Detailliert in den Commit-Nachrichten, aber die beitragenden waren:
 
 * Felix Benz-Baladas
 * Martin Thoma
-* Peter
+* Peter Merkert
 
 Korrektur gelesen
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